Kurs:Diskrete Mathematik (Osnabrück 2026)/Vorlesung 25

Hamiltonkreise

Definition

Ein Kreis in einem Graphen $(V, E)$ heißt Hamiltonkreis, wenn in ihm jeder Knotenpunkt vorkommt.

Da in einem Kreis ein Punkt höchstens einmal vorkommt, kommt in einem Hamiltonkreis jeder Punkt genau einmal vor. Ein Hamiltonscher Pfad ist ein Kantenzug, bei dem jeder Knoten genau einmal durchlaufen wird, die Enden müssen aber nicht wie bei einem Hamiltonkreis notwendigerweise durch eine Kante verbunden sein.

Definition

Ein Graph $(V, E)$ heißt hamiltonsch, wenn es in ihm einen Hamiltonkreis gibt.

Der folgende Satz heißt Satz von Ore.

Satz

Es sei $G = (V, E)$ ein Graph mit mindestens drei Knotenpunkten, der die Bedingung

d (u) + d (v) \geq # (V)

für je zwei nicht adjazente Knoten $u, v$ erfüllt.

Dann ist $G$ hamiltonsch.

Beweis

Wir argumentieren bei einer fixierten Knotenmenge absteigend über die Kantenmenge. Für einen vollständigen Graphen ist die Aussage richtig. Wir müssen zeigen, dass die Aussage richtig bleibt, wenn man aus einem Graphen, für den die Aussage gilt, eine Kante herausnimmt. Es sei also $G$ ein Graph, für den es einen Hamiltonkreis gibt, und es sei $e = {x, y}$ die Kante, die wir herausnehmen. Es sei $H$ der verkleinerte Graph. Wenn es in $G$ einen Hamiltonkreis gibt, in dem $e$ nicht vorkommt, so ist dies direkt ein Hamiltonkreis für $H$ . Es sei also (alle $\sim$ beziehen sich auf $G$ )

x = v_{1} \sim v_{2} \sim \dots \sim v_{n - 1} \sim v_{n} = y

mit $n = # (V)$ ein Hamiltonkreis von $G$ . Wir betrachten die Mengen

A = {v_{i} ∣ x und v_{i + 1} sind benachbart}

und

B = {v_{i} ∣ y und v_{i} sind benachbart} .

Dabei ist (in der Definition von $A$ ) $v_{n + 1}$ als $v_{1}$ zu interpretieren und die Nachbarschaften beziehen sich auf $H$ . Aufgrund der Voraussetzung über die Grade ( $x$ und $y$ sind nicht adjazent in $H$ und $A$ ist so groß wie $N (x)$ ) ist

# (A) + # (B) \geq n .

Das Element $y$ gehört nicht zur Vereinigung $A \cup B$ , da ein Knotenpunkt nicht mit sich selbst benachbart ist. Daher gibt es nach der Siebformel ein Element

v_{k} \in A \cap B .

Es gibt also die Verbindungskanten ${x, v_{k + 1}}$ und ${y, v_{k}}$ und somit den Hamiltonkreis

x \sim v_{2} \sim \dots \sim v_{k - 1} \sim v_{k} \sim y \sim v_{n - 1} \sim \dots \sim v_{k + 1},

der ohne die Kante $e$ auskommt und daher ein Hamiltonkreis in $H$ ist.

◻

Eulersche Graphen

Definition

Es sei $G = (V, E)$ ein Graph. Ein Kantenzug $e_{1}, \dots, e_{m}$ heißt eulersch, wenn in ihm jede Kante aus $E$ genau einmal vorkommt.

Man spricht auch kurz von einem Eulerzug. Bei einem eulerschen Kantenzug wird jede Kante genau einmal durchlaufen. Es kann dabei Knoten geben, die dabei mehrfach oder auch (isolierte Punkte) gar nicht berührt werden. Unter einem geschlossenen eulerschen Kantenzug versteht man einen eulerschen Kantenzug, bei dem die Anfangskante mit der Endkante koinzident ist. Nicht geschlossene eulersche Kantenzüge nennt man auch offene eulersche Kantenzüge. Das ursprüngliche Brückenproblem bezieht sich auf einen Multigraphen, da die linke Insel doppelt mit beiden Flussseiten verbunden ist. Indem man aber auf diesen Kanten jeweils einen Hilfsknoten einführt, gelangt man zu einem äquivalenten Problem über einen einfachen Graphen.

Definition

Ein Graph $G$ heißt eulersch, wenn in ihm ein geschlossener Eulerzug existiert.

Definition

Zwei Untergraphen $H_{1} = (V_{1}, E_{1}) \subseteq G$ und $H_{2} = (V_{2}, E_{2}) \subseteq G$ in einem Graphen $G = (V, E)$ heißen kantendisjunkt, wenn $E_{1} \cap E_{2} = \emptyset$ ist.

Satz

Für einen zusammenhängenden Graphen $G = (V, E)$ sind folgende Aussagen äquivalent.

$G$ ist eulersch.

Jeder Knotenpunkt von $G$ hat einen geraden Grad.

$G$ ist die Vereinigung von kantendisjunkten Kreisen (wobei ein einzelner Punkt hier als Kreis gelte).

Beweis

Von (1) nach (2) ist klar, da bei einem geschlossenen Eulerzug jeder Knotenpunkt genau so oft besucht wie verlassen wird.

Von (2) nach (3). Wir führen Induktion über die Anzahl der Kanten. Da der Graph zusammenhängend ist, handelt es sich um einen isolierten Punkt oder aber jeder Knoten besitzt einen Grad von zumindest $2$ . Deshalb muss es in $G$ einen Kreis $K$ geben. Man kann ja in einem beliebigen Punkt starten und von diesem Punkt ausgehend nach und nach einen Kantenzug konstruieren. Wenn der Kantenzug in einen Punkt hineingeht, so kann man den Kantenzug fortsetzen, da zumindest zwei Kanten in dem Punkt zusammenlaufen. Sobald ein schon erreichter Punkt erneut auftaucht, ist der Kreis fertig, die „Vorperiode“ kann man außer Acht lassen. Es seien $F$ die Kanten des Kreises und wir betrachten den neuen Graphen $G^{'} = (V, E ∖ F)$ . Wenn ein Punkt aus $V$ zu einer Kante aus $F$ inzident ist, so reduziert sich der Grad in diesem Knoten um $2$ , da ja jeder Punkt in einem Kreis inzident zu zwei Kanten ist. Wenn ein Punkt im Kreis nicht aufgerufen wird, so ändert sich der Grad nicht. In jedem Fall besitzt in $G^{'}$ jeder Punkt wieder einen geraden Grad. Der neue Graph muss nicht mehr zusammenhängend sein, allerdings erfüllen die einzelnen Zusammenhangskomponenten von $G^{'}$ wieder die Voraussetzung, dass sämtliche Grade gerade sind. Nach Induktionsvoraussetzung besitzen die Zusammenhangskomponenten jeweils eine Darstellung als Vereinigung mit kantendisjunkten Kreisen. Also besitzt $G^{'}$ eine Darstellung als Vereinigung mit kantendisjunkten Kreisen und zusammen mit $K$ ergibt sich eine Darstellung von $G$ als Vereinigung mit kantendisjunkten Kreisen.

Von (3) nach (1). Es seien $K_{j} = (V_{j}, E_{j})$ , $j \in J$ , die beteiligten kantendisjunkten Kreise, die $G$ überdecken. Wir konstruieren induktiv Kantenzüge, die für zunehmend größere Vereinigungen dieser Kreise einen Eulerzug darstellen. Einen einzelnen Kreis kann man unmittelbar als einen Eulerzug für diesen Kreis auffassen. Es sei nun vorausgesetzt, dass man $s$ Kreise, die wir als $K_{1}, \dots, K_{s}$ durchnummerieren, derart gefunden hat, dass es einen Eulerzug für

G_{s} = ⋃_{j = 1}^{s} K_{j}

gibt. Bei $s < r$ gibt es aufgrund des Zusammenhangs des Graphen einen weiteren Kreis, den wir $K_{s + 1}$ nennen, der einen gemeinsamen Knotenpunkt mit $G_{s}$ hat, sagen wir $u$ . Dann erhält man aus dem Eulerzug für $G_{s}$ einen Eulerzug für $G_{s + 1} = G_{s} \cup K_{s + 1}$ , indem man, wenn der Eulerzug den Punkt $u$ erreicht, in den Kreis $K_{s + 1}$ abbiegt, diesen einmal durchläuft und danach an der Stelle $u$ den alten Eulerzug fortsetzt. Da $K_{s + 1}$ kantendisjunkt zu $G_{s}$ ist, entsteht dabei wieder ein Eulerzug.

◻

Bemerkung

Das im Beweis zu Satz 25.7 beschriebene Verfahren, um, falls die Gradbedingung erfüllt ist, einen geschlossenen eulerschen Kantenzug über die kantendisjunkten Kreise zu finden, ist grundsätzlich konstruktiv. Man nennt das Verfahren den Algorithmus von Hierholzer. Bei einem Knotenpunkt vom Grad $2$ ist der Kantendurchlauf für einen Eulerzug bis auf die Orientierung vorgegeben. Man kann aber im Allgemeinen bei einem Knotenpunkt mit einem Grad $> 2$ nicht frei vorgeben, in welcher Reihenfolge die in dem Punkt zusammenlaufenden Kanten hintereinander gelegt werden. Im Schmetterlingsgraphen können in einem Eulerzug die beiden rechten Kanten, die am Kreuzungspunkt anliegen, nicht direkt aufeinander folgen, da sonst der rechte Kreis geschlossen wird.

Korollar

Es sei $G = (V, E)$ ein zusammenhängender Graph, für den der Grad eines jeden Knotenpunktes gerade ist. Es sei $u$ ein Punkt und es seien $v, w$ adjazente Punkte zu $u$ .

Dann ist die Kantenfolge ${v, u}, {u, w}$ genau dann Teil eines geschlossenen Eulerzuges durch $G$ , wenn der Graph $G^{'}$ , der aus $G$ entsteht, indem man einen neuen Punkt $u^{'}$ einführt und die beiden Kanten ${v, u}, {u, w}$ durch ${v, u^{'}}, {u^{'}, w}$ ersetzt, zusammenhängend ist.

Beweis

Der konstruierte „Überbrückungsgraph“ besitzt ebenfalls die Eigenschaft, dass jeder Knotenpunkt einen geraden Grad besitzt. Wenn er zusammenhängend ist, so gibt es nach Satz 25.7 einen geschlossenen Eulerzug durch $G^{'}$ . Da an $u^{'}$ nur die beiden Kanten ${v, u^{'}}$ und ${u^{'}, w}$ anliegen, werden diese hintereinander durchlaufen. Wenn man die Konstruktion rückgängig macht (also $u$ und $u^{'}$ identifiziert), so erhält man einen Eulerzug von $G$ , bei dem die beiden Kanten hintereinander vorkommen. Wenn es umgekehrt einen Eulerzug von $G$ gibt, der die beiden Kanten hintereinander durchläuft, so kann man daraus direkt einen Eulerzug von $G^{'}$ konstruieren, was zeigt, dass $G^{'}$ zusammenhängend ist.

◻

Satz

In einem zusammenhängenden Graphen $G = (V, E)$

gibt es genau dann einen nichtgeschlossenen Eulerzug, wenn es genau zwei Knotenpunkte mit ungeradem Grad gibt.

Beweis

Ein nicht geschlossener Eulerzug besitzt einen Anfangspunkt $u$ und einen davon verschiedenen Endpunkt $v$ . Wenn man den Eulerzug durchläuft und dabei für jeden Punkt die Grade zählt, so erhöht sich bei jedem Durchlauf durch einen Punkt (egal ob $u$ oder $v$ oder sonst ein Punkt) der Grad um $2$ . Am Anfang und am Ende kommt für $u$ bzw. $v$ nochmal $1$ dazu.

Es seien $u$ und $v$ die beiden Punkte mit ungeradem Grad. Wenn ${u, v}$ nicht zu $E$ gehört, so nimmt man diese Kante hinzu und erhält einen neuen Graphen $G^{'}$ , bei dem nun alle Knotenpunkte einen geraden Grad besitzen. Nach Satz 25.7 gibt es in $G^{'}$ einen geschlossenen Eulerzug. Dieser ist ohne die Kante ${u, v}$ ein nichtgeschlossener Eulerzug von $G$ . Wenn hingegen ${u, v}$ zu $E$ gehört, so nimmt man einen neuen Punkt $w$ zur Knotenmenge und die Kanten ${u, w}$ und ${v, w}$ zur Kantenmenge hinzu. Im neuen Graphen $G^{'}$ besitzt wieder jeder Knoten einen geraden Grad. Ein geschlossener Eulerzug von $G^{'}$ enthält den Kantenzug ${u, w}, {w, v}$ . Da $w$ in sonst keiner Kante auftritt, erhält man, indem man dieses Teilstück und $w$ weglässt, einen nichtgeschlossenen Eulerzug von $G$ .

◻

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