Kurs:Algebraische Zahlentheorie (Osnabrück 2020-2021)/Vorlesung 2

Schon in der ersten Vorlesung haben wir zahlentheoretische Fragestellungen algebraisch mit Ringen formuliert. In dieser Vorlesung werden wir grundlegende ringtheoretische Konzepte einführen, und zwar insbesondere solche, die mit der Teilbarkeit zu tun haben.

Einige ringtheoretische Konzepte

In einem Körper folgt aus $x y = 0$ , dass ein Faktor $0$ sein muss. Diese Eigenschaft gilt nicht für beliebige Ringe. Ein Element $f \in R$ in einem kommutativen Ring heißt Nichtnullteiler, wenn aus $f g = 0$ stets $g = 0$ folgt. Man nennt einen Ring nullteilerfrei, wenn $0$ der einzige Nullteiler ist.

Definition

Ein kommutativer, nullteilerfreier, von $0$ verschiedener Ring heißt Integritätsbereich.

Der Ring $ℤ$ der ganzen Zahlen und die Polynomringe $K [X]$ über einem Körper $K$ sind Integritätsbereiche. Das sind für uns besonders wichtige Beispiele. Ein Unterring eines Körpers ist ein Integritätsbereich.

Definition

Es sei $R$ ein kommutativer Ring, und $a, b$ Elemente in $R$ . Man sagt, dass $a$ das Element $b$ teilt (oder dass $b$ von $a$ geteilt wird, oder dass $b$ ein Vielfaches von $a$ ist), wenn es ein $c \in R$ derart gibt, dass $b = c \cdot a$ ist. Man schreibt dafür auch $a | b$ .

Eine Einheit kann man als einen Teiler der $1$ auffassen. Idealtheoretisch kann man die Eigenschaft, dass $a$ das Element $b$ teilt, als Zugehörigkeit $b \in R a$ auffassen.

Definition

Es sei $R$ ein kommutativer Ring. Man sagt, dass zwei Elemente $a, b \in R$ teilerfremd sind, wenn jedes Element $c \in R$ , das sowohl $a$ als auch $b$ teilt, eine Einheit ist.

Definition

Eine Nichteinheit $p$ in einem kommutativen Ring heißt irreduzibel (oder unzerlegbar), wenn eine Faktorisierung $p = a b$ nur dann möglich ist, wenn einer der Faktoren eine Einheit ist.

Diese Begriffsbildung orientiert sich offenbar an den Primzahlen. Dagegen taucht das Wort „prim“ in der folgenden Definition auf.

Definition

Eine Nichteinheit $p \neq 0$ in einem kommutativen Ring $R$ heißt prim (oder ein Primelement), wenn Folgendes gilt: Teilt $p$ ein Produkt $a b$ mit $a, b \in R$ , so teilt $p$ einen der Faktoren.

Eine Einheit ist also nach Definition nie ein Primelement. Dies ist eine Verallgemeinerung des Standpunktes, dass $1$ keine Primzahl ist. Dabei ist die $1$ nicht deshalb keine Primzahl, weil sie „zu schlecht“ ist, sondern weil sie „zu gut“ ist. Für die ganzen Zahlen und für viele weitere Ringe fallen die beiden Begriffe prim und irreduzibel zusammen. Im Allgemeinen ist irreduzibel einfacher nachzuweisen, und prim ist der stärkere Begriff, jedenfalls für Integritätsbereiche.

Lemma

In einem Integritätsbereich ist ein Primelement stets irreduzibel.

Beweis

Angenommen, wir haben eine Zerlegung $p = a b$ . Wegen der Primeigenschaft teilt $p$ einen Faktor, sagen wir $a = p s$ . Dann ist $p = p s b$ bzw. $p (1 - s b) = 0$ . Da $p$ kein Nullteiler ist, folgt $1 = s b$ , sodass also $b$ eine Einheit ist.

◻

Irreduzible Polynome

Beispiel

Ein nichtkonstantes Polynom $P = a_{0} + a_{1} X + a_{2} X^{2} + \dots + a_{n} X^{n} \in K [X]$ , wobei $K$ einen Körper bezeichne, ist genau dann irreduzibel, wenn es keine Produktdarstellung $P = Q R$ gibt, die die Gradbedingung

0 < grad (Q) < grad (P)

erfüllt.

Die irreduziblen Polynome sind gerade die irreduziblen Elemente im Polynomring $K [X]$ im Sinne der obigen allgemeinen ringtheoretischen Definition. Nach der weiter unten zu beweisenden Aussage könnte man auch von Primelementen bzw. Primpolynomen sprechen. Eine weitere wichtige Charakterisierung ist die Restklassencharakterisierung, die wir in Lemma 3.8 kennenlernen werden.

Beispiel

Die Irreduzibilität eines Polynoms hängt wesentlich vom Grundkörper ab. Zum Beispiel ist das reelle Polynom $X^{2} + 1 \in ℝ [X]$ irreduzibel, dagegen zerfällt es als Polynom in $ℂ [X]$ als

X^{2} + 1 = (X + i) (X - i) .

Ebenso ist das Polynom $X^{2} - 5 \in ℚ [X]$ irreduzibel, aber über $ℝ$ hat es die Zerlegung

X^{2} - 5 = (X - \sqrt{5}) (X + \sqrt{5}) .

Übrigens kann die Zerlegung über einem größeren Körper manchmal dazu benutzt werden, um zu zeigen, dass ein Polynom über dem gegebenen Körper irreduzibel ist.

Die Existenz der Faktorzerlegung in der folgenden Aussage folgt unmittelbar aus der Definition von irreduzibel, für die Eindeutigkeit muss man aber wissen, dass in einem Polynomring die irreduziblen Polynome auch Primpolynome sind (siehe unten).

Lemma

Es sei $K$ ein Körper und sei $F \in K [X]$ ein von $0$ verschiedenes Polynom.

Dann gibt es eine (bis auf die Reihenfolge der Faktoren) eindeutige Produktdarstellung

$F = a F_{1} \dots F_{r}$

mit $a \in K^{\times}$ und irreduziblen normierten Polynomen $F_{i}$ , $i = 1, \dots, r$ .

Beweis

Siehe Aufgabe 2.27.

◻

Hauptidealbereiche

Definition

Ein Integritätsbereich, in dem jedes Ideal ein Hauptideal ist, heißt Hauptidealbereich.

Satz

Der Ring $ℤ$ der ganzen Zahlen

ist ein Hauptidealbereich.

Beweis

Zunächst ist $ℤ$ ein Integritätsbereich. Es sei $I \subseteq ℤ$ ein Ideal. Damit ist $I$ insbesondere eine (additive) Untergruppe von $ℤ$ und hat nach Satz 44.3 (Lineare Algebra (Osnabrück 2024-2025)) die Gestalt $I = ℤ d$ . Damit handelt es sich um ein Hauptideal.

◻

Satz

Ein Polynomring über einem Körper

ist ein Hauptidealbereich.

Beweis

Es sei $I$ ein von $0$ verschiedenes Ideal in $K [X]$ . Betrachte die nichtleere Menge

{grad (P) ∣ P \in I, P \neq 0} .

Diese Menge hat ein Minimum $m \in ℕ$ , das von einem Element $F \in I$ , $F \neq 0$ , herrührt, sagen wir $m = grad (F)$ . Wir behaupten, dass $I = (F)$ ist. Die Inklusion $\supseteq$ ist klar. Zum Beweis von $\subseteq$ sei $P \in I$ gegeben. Aufgrund von Satz 19.4 (Lineare Algebra (Osnabrück 2024-2025)) gilt

P = F Q + R mit grad (R) < grad (F) oder R = 0.

Wegen $R \in I$ und der Minimalität von $grad (F)$ kann der erste Fall nicht eintreten. Also ist $R = 0$ und $P$ ist ein Vielfaches von $F$ .

◻

In jedem Hauptidealbereich gibt es stets eine Zerlegung in irreduzible Elemente.

Lemma

In einem Hauptidealbereich lässt sich jede Nichteinheit $a \neq 0$ als ein Produkt von irreduziblen Elementen darstellen.

Beweis

Angenommen, jede Zerlegung $a = p_{1} \dots p_{k}$ enthalte nicht irreduzible Elemente. Dann gibt es in jedem solchen Produkt einen Faktor, der ebenfalls keine Zerlegung in irreduzible Faktoren besitzt. Wir erhalten also eine unendliche Kette $a_{1} = a, a_{2}, a_{3}, \dots$ , wobei $a_{n + 1}$ ein nicht-trivialer Teiler von $a_{n}$ ist. Somit haben wir eine echt aufsteigende Idealkette

(a_{1}) \subset (a_{2}) \subset (a_{3}) \subset \dots .

Die Vereinigung dieser Ideale ist aber nach Aufgabe 2.13 ebenfalls ein Ideal und nach Voraussetzung ein Hauptideal. Dies ist ein Widerspruch.

◻

Über diese Aussage hinaus ist aber in einem Hauptidealbereich jedes irreduzible Element auch prim und damit gibt es auch stets eine Faktorzerlegung in Primelemente. Der Nachweis davon braucht einige Vorbereitungen, nämlich das Lemma von Bézout und das Lemma von Euklid.

Lemma

Es sei $R$ ein Hauptidealbereich und seien $a, b \in R$ teilerfremde Elemente.

Dann kann man die $1$ als Linearkombination von $a$ und $b$ darstellen, d.h. es gibt Elemente $r, s \in R$ mit $r a + s b = 1$ .

Beweis

Wir betrachten das von $a$ und $b$ erzeugte Ideal $I = (a, b)$ . Da $R$ ein Hauptidealbereich ist, gibt es ein $c \in R$ mit $(a, b) = (c)$ . Daher ist $c$ ein Teiler von $a$ und von $b$ . Die Teilerfremdheit impliziert, dass $c$ eine Einheit ist. Wegen $c \in (a, b)$ gibt es eine Darstellung $c = u a + v b$ . Multiplikation mit $c^{- 1}$ ergibt die Darstellung der $1$ .

◻

Lemma

Es sei $R$ ein Hauptidealbereich und $a, b, c \in R$ . Es seien $a$ und $b$ teilerfremd und $a$ teile das Produkt $b c$ .

Dann teilt $a$ den Faktor $c$ .

Beweis

Da $a$ und $b$ teilerfremd sind, gibt es nach dem Lemma von Bézout Elemente $r, s \in R$ mit $r a + s b = 1$ . Die Voraussetzung, dass $a$ das Produkt $b c$ teilt, schreiben wir als $b c = d a$ . Damit gilt

c = c 1 = c (r a + s b) = c r a + c s b = a c r + a d s = a (c r + d s),

was zeigt, dass $c$ ein Vielfaches von $a$ ist.

◻

Korollar

Es sei $R$ ein Hauptidealbereich. Dann ist ein Element genau dann prim,

wenn es irreduzibel ist.

Beweis

Ein Primelement in einem Integritätsbereich ist nach Lemma 2.6 stets irreduzibel. Es sei also umgekehrt $p$ irreduzibel, und nehmen wir an, dass $p$ das Produkt $a b$ teilt, sagen wir $p c = a b$ . Nehmen wir an, dass $a$ kein Vielfaches von $p$ ist. Dann sind aber $a$ und $p$ teilerfremd, da eine echte Inklusionskette $(p) \subset (p, a) = (d) \subset R$ der Irreduzibilität von $p$ widerspricht. Damit teilt $p$ nach dem Lemma von Euklid den anderen Faktor $b$ .

◻

Eindeutige Primfaktorzerlegung

Definition

Ein Integritätsbereich heißt faktorieller Bereich, wenn jede Nichteinheit $f \neq 0$ sich als ein Produkt von Primelementen schreiben lässt.

Satz

Es sei $R$ ein Integritätsbereich. Dann sind folgende Aussagen äquivalent.

$R$ ist faktoriell.

Jede Nichteinheit $f \neq 0$ besitzt eine Faktorzerlegung in irreduzible Elemente, und diese Zerlegung ist bis auf Umordnung und Assoziiertheit eindeutig.

Jede Nichteinheit $f \neq 0$ besitzt eine Faktorzerlegung in irreduzible Elemente, und jedes irreduzible Element ist ein Primelement.

Beweis

$(1) \Rightarrow (2)$ . Es sei $f \neq 0$ eine Nichteinheit. Die Faktorisierung in Primelemente ist insbesondere eine Zerlegung in irreduzible Elemente, sodass lediglich die Eindeutigkeit zu zeigen ist. Dies geschieht durch Induktion über die minimale Anzahl der Primelemente in einer Faktorzerlegung. Wenn es eine Darstellung $f = p$ mit einem Primelement gibt, und $f = q_{1} \dots q_{r}$ eine weitere Zerlegung in irreduzible Faktoren ist, so teilt $p$ einen der Faktoren $q_{i}$ und nach Kürzen durch $p$ erhält man, dass das Produkt der übrigen Faktoren rechts eine Einheit sein muss. Das bedeutet aber, dass es keine weiteren Faktoren geben kann. Es sei nun $f = p_{1} \dots p_{s}$ und diese Aussage sei für Elemente mit kleineren Faktorisierungen in Primelemente bereits bewiesen. Es sei

f = p_{1} \dots p_{s} = q_{1} \dots q_{r}

eine weitere Zerlegung mit irreduziblen Elementen. Dann teilt wieder $p_{1}$ einen der Faktoren rechts, sagen wir $p_{1} u = q_{1}$ . Dann muss $u$ eine Einheit sein und wir können durch $p_{1}$ kürzen, wobei wir $u^{- 1}$ mit $q_{2}$ verarbeiten können, was ein zu $q_{2}$ assoziiertes Element ergibt. Das gekürzte Element $p_{2} \dots p_{s}$ hat eine Faktorzerlegung mit $s - 1$ Primelementen, sodass wir die Induktionsvoraussetzung anwenden können.
$(2) \Rightarrow (3)$ . Wir müssen zeigen, dass ein irreduzibles Element auch prim ist. Es sei also $q$ irreduzibel und es teile das Produkt $f g$ , sagen wir

q h = f g .

Für $h, f$ und $g$ gibt es Faktorzerlegungen in irreduzible Elemente, sodass sich insgesamt die Gleichung

q h_{1} \dots h_{r} = f_{1} \dots f_{s} g_{1} \dots g_{t}

ergibt. Es liegen also zwei Zerlegungen in irreduzible Element vor, die nach Voraussetzung im Wesentlichen übereinstimmen müssen. D.h. insbesondere, dass es auf der rechten Seite einen Faktor gibt, sagen wir $f_{1}$ , der assoziiert zu $q$ ist. Dann teilt $q$ auch den ursprünglichen Faktor $f$ .
$(3) \Rightarrow (1)$ . Das ist trivial.

◻

Satz

Ein Hauptidealbereich

ist ein faktorieller Bereich.

Beweis

Dies folgt sofort aus Korollar 2.16, Lemma 2.13 und Satz 2.18.

◻

Korollar

Es sei $R$ ein faktorieller Ring und seien $a$ und $b$ Elemente $\neq 0$ mit Primfaktorzerlegungen

a = u \cdot p_{1}^{r_{1}} \cdot p_{2}^{r_{2}} \dots p_{k}^{r_{k}} und b = v \cdot p_{1}^{s_{1}} \cdot p_{2}^{s_{2}} \dots p_{k}^{s_{k}}

(wobei die $u, v$ Einheiten sind, die verschiedenen Primelemente nicht assoziiert sind und die Exponenten auch $0$ sein können). Dann gilt $a ∣ b$ genau dann, wenn $r_{i} \leq s_{i}$ für alle Exponenten $i = 1, \dots, k$ ist.