Kurs:Maß- und Integrationstheorie (Osnabrück 2022-2023)/Vorlesung 7

Das Verhalten von Maßen bei linearen Abbildungen

Lemma

Es sei $V$ ein reeller endlichdimensionaler Vektorraum und

L : ℝ^{n} ⟶ V

eine bijektive lineare Abbildung. Dann gelten für das Bildmaß $L_{*} λ^{n}$ des Borel-Lebesgue-Maßes $λ^{n}$ unter $L$ folgende Eigenschaften.

$L_{*} λ^{n}$ ist translationsinvariant.

Bei $V = ℝ^{n}$ ist $L_{*} λ^{n} = \frac{1}{λ^{n} (P_{L})} \cdot λ^{n}$ , wobei $P_{L}$ das von den Bildvektoren $L (e_{1}), \dots, L (e_{n})$ erzeugte Parallelotop bezeichnet.

Beweis

(1). Es sei $τ_{v}$ die Translation um den Vektor $v \in V$ . Es sei $w = L^{- 1} (v)$ . Dabei ist

τ_{v} \circ L = L \circ τ_{w} .

Somit ist für eine beliebige messbare Menge $B \subseteq V$ aufgrund der Translationsinvarianz von $λ^{n}$

\begin{matrix} (L_{*} λ^{n}) (B + v) & = λ^{n} (L^{- 1} (B + v)) \\ = λ^{n} (τ_{w}^{- 1} (L^{- 1} (B + v))) \\ = λ^{n} (L^{- 1} (τ_{v}^{- 1} (B + v))) \\ = λ^{n} (L^{- 1} (B)) \\ = (L_{*} λ^{n}) (B) . \end{matrix}

(2) folgt aus (1) mit Korollar 6.13.

◻

Satz

Es sei

L : ℝ^{n} ⟶ ℝ^{n}

eine lineare Abbildung.

Dann gilt für jede messbare Menge $S \subseteq ℝ^{n}$ die Beziehung

$λ^{n} (L (S)) = | det L | \cdot λ^{n} (S) .$

Beweis

Wenn $L$ nicht bijektiv ist, so steht links und rechts einfach $0$ , wie aus Lemma 6.11 und Satz 16.11 (Lineare Algebra (Osnabrück 2024-2025)) folgt. Wir können also annehmen, dass $L$ bijektiv ist. Dann kann man die Aussage mit dem Bildmaß als

L_{*} λ^{n} = \frac{1}{| det L |} λ^{n}

formulieren.
Aufgrund von Satz 12.9 (Lineare Algebra (Osnabrück 2024-2025)) in Verbindung mit Lemma 12.8 (Lineare Algebra (Osnabrück 2024-2025)) gibt es Elementarmatrizen $E_{1}, \dots, E_{k}$ und eine Diagonalmatrix $D$ mit $L = E_{1} \circ \dots \circ E_{ℓ} \circ D \circ E_{ℓ + 1} \circ \dots \circ E_{k}$ ^[1] Aufgrund des Determinantenmultiplikationssatzes und wegen Lemma 3.10 und Aufgabe 7.7 genügt es, die Aussage für Diagonalmatrizen und Elementarmatrizen zu beweisen.

Wegen Lemma 7.1 ist also für diese Matrizen zu zeigen, dass das Volumen des von den Bildvektoren der Standardvektoren erzeugten Parallelotops gleich dem Betrag der Determinante der Matrix ist. Für eine Diagonalmatrix ist das erzeugte Parallelotop der Quader, dessen Seitenlängen die Beträge der Diagonaleinträge sind, sodass das Volumen das Produkt davon ist. Nach Lemma 16.4 (Lineare Algebra (Osnabrück 2024-2025)) ist die Determinante das Produkt der Diagonaleinträge, sodass im Betrag Gleichheit gilt. Damit gilt die Aussage auch für eine elementare Skalierungsmatrix, die ja eine Diagonalmatrix ist.

Da die Determinante der übrigen Elementarmatrizen $1$ oder $- 1$ ist, müssen wir zeigen, dass das Volumen des von den Spaltenvektoren einer solchen Elementarmatrix erzeugten Parallelotops gleich $1$ ist. Dies ist klar für den Typ (1), also für die elementare Vertauschungsmatrix, da es sich um den Einheitswürfel handelt, wobei lediglich die Reihenfolge der erzeugenden Vektoren geändert wird. Es bleibt also eine elementare Scherungsmatrix $A_{i j} (a)$ mit $a \neq 0$ und $i \neq j$ zu betrachten. Wegen (Wir notieren nur die zweidimensionale Situation, da sich alles in zwei Zeilen und zwei Spalten abspielt)

\begin{matrix} (\begin{matrix} 1 & a \\ 0 & 1 \end{matrix}) & = (\begin{matrix} a & 0 \\ 0 & 1 \end{matrix}) (\begin{matrix} a^{- 1} & 1 \\ 0 & 1 \end{matrix}) \\ = (\begin{matrix} a & 0 \\ 0 & 1 \end{matrix}) (\begin{matrix} 1 & 1 \\ 0 & 1 \end{matrix}) (\begin{matrix} a^{- 1} & 0 \\ 0 & 1 \end{matrix}) \end{matrix}

und dem schon bewiesenen kann man $a = 1$ annehmen. Ferner kann man durch Umnummerieren annehmen, dass $i = 1$ und $j = 2$ ist. Es geht dann um das Volumen des von

e_{1}, e_{1} + e_{2}, e_{3}, \dots, e_{n}

erzeugten Parallelotops, also um

\begin{matrix} P & = {t_{1} e_{1} + t_{2} (e_{1} + e_{2}) + t_{3} e_{3} + \dots + t_{n} e_{n} ∣ t_{i} \in [0, 1]} \\ = {(t_{1} + t_{2}) e_{1} + t_{2} e_{2} + t_{3} e_{3} + \dots + t_{n} e_{n} ∣ t_{i} \in [0, 1]} \\ = {s e_{1} + t_{2} e_{2} + t_{3} e_{3} + \dots + t_{n} e_{n} ∣ t_{i} \in [0, 1] für i \geq 2, s \in [0, 2], t_{2} \leq s \leq 1 + t_{2}} . \end{matrix}

Wir betrachten

H_{1} = {s e_{1} + t_{2} e_{2} + t_{3} e_{3} + \dots + t_{n} e_{n} ∣ t_{i} \in [0, 1] für i \geq 2, s \in [0, 1], t_{2} \geq s}

und

H_{2} = {s e_{1} + t_{2} e_{2} + t_{3} e_{3} + \dots + t_{n} e_{n} ∣ t_{i} \in [0, 1] für i \geq 2, s \in [1, 2], s \geq 1 + t_{2}} .

Dann ist

[0, 2] \times [0, 1] \times \dots \times [0, 1] = H_{1} \cup P \cup H_{2},

wobei die Durchschnitte dieser drei Mengen jeweils in einer Hyperebene enthalten sind und daher nach Lemma 6.11 das Maß $0$ besitzen. Also ist einerseits

λ^{n} (P) = 2 - λ^{n} (H_{1}) - λ^{n} (H_{2}) .

Andererseits geht $H_{2}$ durch verschieben um $e_{1}$ aus

G_{2} = {s e_{1} + t_{2} e_{2} + t_{3} e_{3} + \dots + t_{n} e_{n} ∣ t_{i} \in [0, 1] für i \geq 2, s \in [0, 1], s \geq t_{2}}

hervor und besitzt damit wegen der Translationsinvarianz dasselbe Volumen wie $G_{2}$ . Da $H_{1} \cup G_{2}$ der Einheitswürfel ist, wobei der Durchschnitt wieder in einer Hyperebene liegt, ist

λ^{n} (H_{1}) + λ^{n} (H_{2}) = λ^{n} (H_{1}) + λ^{n} (G_{2}) = 1

und somit ist $λ^{n} (P) = 1$ .

◻

Insbesondere kann man das Maßverhältnis bei einer linearen Abbildung mit einer beliebigen Teilmenge mit positivem Maß im Definitionsraum ablesen.

Korollar

Bei einer Streckung

φ : ℝ^{n} ⟶ ℝ^{n}, v ⟼ a v,

um den Streckungsfaktor $a \in ℝ$ gilt für jede messbare Teilmenge $T \subseteq ℝ^{n}$

die Formel

$λ^{n} (φ (T)) = | a |^{n} \cdot λ^{n} (T) .$

Beweis

Dies folgt unmittelbar aus Satz 7.2.

◻

Korollar

Eine lineare Isometrie

L : ℝ^{n} ⟶ ℝ^{n}

ist volumentreu.

Beweis

Dies folgt wegen Lemma 7.1 und Satz 7.2 aus Lemma 33.13 (Lineare Algebra (Osnabrück 2024-2025)).

◻

Korollar

Eine Drehung

D (α) : ℝ^{2} ⟶ ℝ^{2}

(die durch eine Drehmatrix $(\begin{matrix} \cos α & - \sin α \\ \sin α & \cos α \end{matrix})$ gegeben ist)

ist flächentreu.

Beweis

Dies folgt wegen Satz 7.2 aus Satz 15.10 (Analysis (Osnabrück 2021-2023))(6).

◻

Beispiel

Ein achsenparalleles Ellipsoid wird im $ℝ^{3}$ durch

E = {(x, y, z) ∣ a x^{2} + b y^{2} + c z^{2} \leq r^{2}}

mit $a, b, c > 0$ beschrieben. Es ist das Bild der Einheitskugel

K_{3} = {(u, v, w) ∣ u^{2} + v^{2} + w^{2} \leq 1}

unter der linearen Abbildung

ℝ^{3} ⟶ ℝ^{3}, (\begin{matrix} u \\ v \\ w \end{matrix}) ⟼ (\begin{matrix} \frac{r}{\sqrt{a}} & 0 & 0 \\ 0 & \frac{r}{\sqrt{b}} & 0 \\ 0 & 0 & \frac{r}{\sqrt{c}} \end{matrix}) (\begin{matrix} u \\ v \\ w \end{matrix}),

also mit $x = \frac{r}{\sqrt{a}} u$ , $y = \frac{r}{\sqrt{b}} v$ und $z = \frac{r}{\sqrt{c}} w$ . Nach Satz 7.2 ist daher das Volumen dieses Ellipsoids gleich

vol (E) = \frac{r^{3}}{\sqrt{a b c}} \cdot vol (K_{3}) .

Das Volumen der Einheitskugel ist $\frac{4}{3} π$ , siehe Beispiel 12.4.

Volumina in euklidischen Räumen

Auf jedem reellen $n$ -dimensionalen Vektorraum $V$ kann man ein sinnvolles Maß definieren, indem man eine Isomorphie

ℝ^{n} ⟶ V

wählt und das Bildmaß zum Borel-Lebesgue-Maß nimmt. Dieses Maß ist allerdings abhängig von der gewählten Isomorphie, bei zwei verschiedenen Isomorphien unterscheiden sich die so gewonnenen Maße um einen skalaren positiven Faktor. Bei euklidischen Räumen kann man aber mit Hilfe von Orthonormalbasen ein kanonisches Borel-Lebesgue-Maß definieren.

Satz

Es sei $(V, ⟨ -, - ⟩)$ ein euklidischer Vektorraum.

Dann gibt es ein eindeutig bestimmtes translationsinvariantes Maß $λ_{V}$ auf den Borelmengen von $V$ , das jedem von einer Orthonormalbasis aufgespannten Parallelotop den Wert $1$ zuweist.

Beweis

Es sei $u_{1}, \dots, u_{n}$ eine Orthonormalbasis von $V$ und es sei

L_{u} : ℝ^{n} ⟶ V, e_{i} ⟼ u_{i},

die dadurch definierte lineare Isometrie. Dann ist das Bildmaß $L_{u *} λ^{n}$ nach Lemma 7.1 translationsinvariant und besitzt auf dem von den $u_{1}, \dots, u_{n}$ erzeugten Parallelotop den Wert $1$ . Es bleibt also zu zeigen, dass dieses Maß auch jedem anderen orthonormalen Parallelotop den Wert $1$ zuweist. Es sei also $v_{1}, \dots, v_{n}$ eine weitere Orthonormalbasis mit dem zugehörigen Parallelotop $P_{v}$ und der zugehörigen Isometrie

L_{v} : ℝ^{n} ⟶ V, e_{i} ⟼ v_{i} .

Dann ist

L_{u}^{- 1} (P_{v}) = {(L_{v}^{- 1} \circ L_{u})}^{- 1} (L_{v}^{- 1} (P_{v})) = {(L_{v}^{- 1} \circ L_{u})}^{- 1} (E),

wobei $E$ den Einheitswürfel im $ℝ^{n}$ bezeichnet. Da $L_{v}^{- 1} \circ L_{u}$ eine Isometrie des $ℝ^{n}$ ist, folgt die Aussage aus Korollar 7.4.

◻

Das in dieser Aussage für euklidische Vektorräume definierte Maß heißt ebenfalls Borel-Lebesgue-Maß.

Satz

Es sei $(V, ⟨ -, - ⟩)$ ein euklidischer Vektorraum, sei $v_{1}, \dots, v_{n}$ eine Basis von $V$ und sei $P$ das davon erzeugte Parallelotop.

Dann gilt für das Borel-Lebesgue-Maß $λ_{V}$ auf $V$

$λ_{V} (P) = {(det (⟨ v_{i}, v_{j} ⟩)_{1 \leq i, j \leq n})}^{1 / 2} .$

Beweis

Die Positivität der Determinante der Gramschen Matrix folgt aus Korollar 48.12 (Analysis (Osnabrück 2021-2023)). Es sei $u_{1}, \dots, u_{n}$ eine Orthonormalbasis von $V$ und es sei

v_{j} = \sum_{k = 1}^{n} a_{k j} u_{k} .

Die Spalten der Matrix $A = (a_{k j})_{k j}$ sind also die Koeffizienten von $v_{j}$ bezüglich der gegebenen Orthonormalbasis. Nach Satz 7.2 und aufgrund der Definition des Maßes $λ_{V}$ in Satz 7.7 ist somit

λ_{V} (P) = | det A | .

Wegen

⟨ v_{i}, v_{j} ⟩ = ⟨ \sum_{k = 1}^{n} a_{k i} u_{k}, \sum_{k = 1}^{n} a_{k j} u_{k} ⟩ = \sum_{k = 1}^{n} a_{k i} a_{k j}

ist

A^{tr} A = (⟨ v_{i}, v_{j} ⟩)_{i j} .

Nach Satz 17.5 (Lineare Algebra (Osnabrück 2024-2025)) ist $det A = det A^{tr}$ , sodass sich die Aussage aus Satz 17.4 (Lineare Algebra (Osnabrück 2024-2025)) ergibt.

◻

Die vorstehende Aussage erlaubt es, auch bei $k < n$ das $k$ -dimensionale Maß eines $k$ -dimensionalen Parallelotops im $ℝ^{n}$ auszurechnen (ihr $n$ -dimensionales Maß ist $0$ , da sie in einem echten Untervektorraum liegen). Die einfachste Situation liegt bei $k = 1$ vor, dann handelt es sich um eine einfache Längenberechnung mit Hilfe des Skalarproduktes. Ein typischeres Beispiel ist die Flächenberechnung eines Parallelogramms im $ℝ^{3}$ .

Beispiel

Wir betrachten das von den Vektoren $(\begin{matrix} 0 \\ 2 \\ 3 \end{matrix})$ und $(\begin{matrix} 1 \\ 4 \\ - 2 \end{matrix})$ aufgespannte Parallelogramm im $ℝ^{3}$ . Nach Satz 7.8 müssen wir die Skalarprodukte dieser Vektoren berechnen. Es ist

⟨ (\begin{matrix} 0 \\ 2 \\ 3 \end{matrix}), (\begin{matrix} 0 \\ 2 \\ 3 \end{matrix}) ⟩ = 13, ⟨ (\begin{matrix} 0 \\ 2 \\ 3 \end{matrix}), (\begin{matrix} 1 \\ 4 \\ - 2 \end{matrix}) ⟩ = 2, ⟨ (\begin{matrix} 1 \\ 4 \\ - 2 \end{matrix}), (\begin{matrix} 1 \\ 4 \\ - 2 \end{matrix}) ⟩ = 21.

Dies führt zur Matrix

(\begin{matrix} 13 & 2 \\ 2 & 21 \end{matrix})

mit der Determinante $269$ . Der Flächeninhalt des Parallelogramms ist also $\sqrt{269}$ .

Fußnoten

↑ Da hier alle Matrizen invertierbar sind, genügen allein die links stehenden Elementarmatrizen ohne die Skalierungsmatrizen.

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[1] Da hier alle Matrizen invertierbar sind, genügen allein die links stehenden Elementarmatrizen ohne die Skalierungsmatrizen.

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